Vt lớ Hay v Khú A. C hc 1. ng hc Bài 1: Cho cơ hệ nh hình vẽ. B chuyển động sang phải với gia tốc a , còn vật nhỏ A đợc nối với điểm C bằng một sợi dây không dãn đợc nâng lên theo đờng dốc chính của một mặt trụ của vật B. Mặt này có bán kính R. Giả sử tại thời điểm ban đầu vật A nằm trên sàn và đang đứng yên, sợi dây luôn căng. Hãy tính vận tốc trung bình của vật A trong quá trình A đi từ sàn lên đến điểm cao nhất của trụ B (điểm D). Giải: Khi A đi từ sàn lên đến điểm cao nhất của trụ thì độ dời của nó sẽ là AI : cos 2 22 DIADDIADIAIA +== ( 4 = ) ( ) 2 2 .2. 2 .22 2 2 2 RRRRIAIA + == 84 2 2 += R IA Ta có thời gian để trụ dịch chuyển từ E đến F là: 2 2 1 atEF = Thời gian để trụ đi từ E đến F cũng chính là thời gian chuyển dời của vật nhỏ khi đi từ I đến A : Suy ra: a R a R a AD a EF t ==== 2 .2 .2.2 Vận tốc trung bình của vật nhỏ A: t IA v = = v aR)84( 2 1 2 + Bài 2: Môt chiếc ca nô xuất phát từ điểm A trên đờng cái, ô tô này cần đến điểm D (trên đồng cỏ) trong thời gian ngắn nhất. Biết lCDdAC == ; . Vận tốc ô tô chạy trên đờng cái (v 1 )lớn hơn vận tốc ô tô trên đồng cỏ (v 2 ) n lần. Hỏi ô tô phải rời đờng cái tại một điểm B cách C một đoạn x là bao nhiêu? Giải: Thời gian ô tô chạy trên đờng cái từ A đến B: 1 1 v xd t = 1 Vt lớ Hay v Khú Thời gian ô tô chạy trên đồng cỏ từ B đến D: 2 22 2 v lx t + = . Tổng thời gian chạy từ A đến D của ô tô: 21 ttt += = 1 v xd 2 22 v lx + + + = 1 v xd 1 22 . v lx n + . Đặt: ( ) 1 22 v lxnxd xf ++ = ( ) 1 1 ' v xf = 22 1 lxv nx + + 22 1 22 . lxv lxnx + + = . f(x) = 0 x= 1 2 n l . Bảng biến thiên: Vậy ô tô phải rời đờng cái tại B cách C một đoạn = x 1 2 n l , lúc đó thời gian ngắn nhất cần thiết của ô tô sẽ là: 1 2 min 1 v nld t + = . Bài 3: Trên mặt phẳng nằm ngang có một cột trụ bán kính R thẳng đứng, ngời ta dùng một sợi dây chỉ mảnh không dãn, khối lợng không đáng kể để nối một vật nhỏ với một điểm trên vành trụ, điểm này sát mặt phẳng ngang. Ban đầu vật nhỏ nằm yên trên mặt phẳng và dây ở t thế căng, lúc này chiều dài dây là L. Truyền cho vật vận tốc v 0 hớng vuông góc với dây và vật chuyển động trên mặt phẳng ngang cuốn dây vào trụ. Hỏi sau bao lâu dây cuốn hết trụ? Giả thiết trong khi chuyển động dây luôn nằm ngang. Bỏ qua ma sát và bề dày của dây. Giải: Ta nhận thấy ngay không có lực nào tác dụng vào vật sinh công, do vậy động năng của vật đợc bảo toàn do vậy nó có vận tốc không đổi v 0 . Tại một thời điểm nào đó dây có chiều dài l, xét một thời gian vô cùng bé dt vật đi đợc cung AB: =ld=v 0 dt. Do Rdl = d = R dl thế vào phơng trình trên ta đợc: 2 Vt lớ Hay v Khú R dl l = dtv 0 Lấy tích phân hai vế: L R ldl 0 = t dtv 0 0 R 1 . 2 2 l L 0 tv 0 = t 0 R L 2 2 tv 0 = Rv L t 0 2 2 = . Vậy thời gian để dây cuốn hết trụ sẽ là: Rv L t 0 2 2 = . Bài 4: Có hai vật m 1 và m 2 chuyển động thẳng đều với vận tốc lần lợt là 1 v và 2 v . Vật m 2 xuất phát từ B. Tìm khoảng cách ngắn nhất giữa chúng trong quá trình chuyển động và thời gian đạt đợc khoảng cách đó? Biết khoảng cách ban đầu giữa chúng là l và góc giữa hai đờng thẳng là . Giải: Giả sử sau thời gian t khoảng cách giữa hai vật là ngắn nhất. Khoảng cách đó sẽ là: cos' '2'' 22 BBBABBBAd += cos)(2)()( 21 2 2 2 1 tvtvltvtvld += = 2 21 2 2 221 2 1 )cos(2)cos2( ltvvltvvvv ++++ Ta xem biểu thức trong căn là một tam thức bậc hai ẩn số t , với 22 2 2 sin4 vl = , d sẽ đạt giá trị nhỏ nhất khi tam thức đó nhận giá trị nhỏ nhất, hay = min dd 2 221 2 1 21 cos2 )cos( vvvv vvl t ++ + = Và khoảng cách bé nhất giữa chúng lúc đó sẽ là: a d 4 min = = min d 2 221 2 1 2 cos2 sin vvvv lv ++ Bài 5: Có hai tàu A và B cách nhau một khoảng a đồng thời tàu A và B chuyển động với vận tốc không đổi lần lợt là v và u ( ) uv > . Tàu B chuyển động trên một đ- ờng thẳng (đờng thẳng này vuông góc với đoạn thẳng nối các vị trí ban đầu của hai tàu, còn tàu A luôn hớng về tầu B. Hỏi sau bao lâu tàu A đuổi kịp tàu B ? Giải: Ta gắn hệ trục xy0 trùng với mặt phẳng nớc và trục 0x cùng phơng chiều với chuyển động của tàu B , còn tàu A nằm trên phần dơng của trục 0y ở vị trí ban đầu có toạ độ là ( ) a,0 . Tàu A chuyển động với vận tốc v luôn hớng về phía tàu B với vận tốc gồm hai thành phần: 3 Vật lí Hay và Khó        −== == α α sin cos v dt dy v v dt dx v y x LÊy vÕ chia vÕ hai ph¬ng tr×nh trªn vµ ta rót ra: dt dy dt dy dt dx α α cot tan 1 −=−= (1) Ta l¹i cã: αα cottan yxut xut y =−⇒ − = (2) §¹o hµm 2 vÕ cña (2) ta ®îc: dt dy dt dy dt dx u α α α 2 sin cot −=− (3) Thay (1) vµo (3) ta suy ra: dt dy u α α 2 sin −= (4) MÆt kh¸c: α α sin sin v dy dtv dt dy −=⇒−= (5) Thay dt tõ (5) vµo (4): α α sin d dy y vu = hay α α sin d y dy v u = LÊy tÝch ph©n 2 vÕ: ∫∫ = α π α α 2 sin d y dy v u y a       =⇔ 2 tanlnln α a y v u Suy ra v u a y       = 2 tan α MÆt kh¸c ta l¹i cã: = + = 2 tan1 2 tan2 sin 2 α α α v u v u a y a y       +       = +       − − 2 2 tan 2 tan 2 1 αα vµ α sinv dy dt −= nªn                     +       −= − a y d a y a y v a dt v u v u 2 (*) LÊy tÝch ph©n 2 vÕ ph¬ng tr×nh (*): ∫∫                     +       −= − 0 0 2 a v u v u t a y d a y a y v a dt 4 Vt lớ Hay v Khú + + = v u v u v a t 1 1 1 1 2 hay = t 22 uv av Vậy sau thời gian 22 uv av tàu A sẽ đuổi kịp tầu B. Bài toán đuổi bắt có nhiều dạng khác nhau, phơng pháp đa năng để giải các loại bài toán này chính là phơng pháp vi phân . Tuy nhiên còn có những ph ơng pháp đặc biệt để giải chúng, các bạn có thể tham khảo cuốn Lãng mạn toán học của giáo s Hoàng Quý có nêu ra một trong những phơng pháp đặc biệt đó để giải bài toán sau: Có hai tàu A và B cách nhau một khoảng a đồng thời tàu A và B chuyển động cùng vận tốc. Tàu B chuyển động trên một đờng thẳng (đờng thẳng này vuông góc với đoạn thẳng nối các vị trí ban đầu của hai tàu), còn tàu A luôn hớng về tầu B. Hỏi sau một thời gian đủ lâu thì hai tàu chuyển động trên cùng một đờng thẳng và khoảng cách giữa chúng không đổi. Tính khoảng cách này ? Đáp số: 2 a . Bài 6: Vật m 2 đang đứng yên trên mặt sàn nằm ngang nhẳn cách bờ tờng một khoảng d. Vật m 1 chuyển động tới va chạm hoàn toàn đàn hồi với vật m 2 (m 1 > m 2 ), vật m 2 lại va chạm đàn hồi với bờ tờng và gặp m 1 lần 2. Va chạm lần 2 xảy ra cách bờ tờng một khoảng là bao nhiêu? Tìm điều kiện để điểm va chạm lần 2 cách điểm va chạm lần 1 một khoảng là d/2 ? Giải : Chọn trục toạ độ nh hình vẽ. Gọi v 1 ,v 1 lần lợt là vận tốc của vật 1 trớc và sau khi va chạm. Gọi v 2 và v 2 là vận tốc của vật 2 trớc và sau khi va chạm (các vận tốc v 1 ,v 2 ,v 1 ,v 2 mang giá trị đại số). Sau va chạm : ( ) 21 22121 ' 1 2 mm vmvmm v + + = = 1 21 21 v mm mm + ( ) 1 21 1 21 11212 ' 2 22 v mm m mm vmvmm v + = + + = (do v 2 = 0) 5 Vt lớ Hay v Khú Nhận thấy v 1 ,v 2 đều dơng, chứng tỏ sau va cham chúng chuyển động cùng chiều ox. Gọi điểm va chạm lần 2 cách tờng một đoạn x, thời gian giữa 2 lần va cham là : ' ' 2 1 v xd v xd t + = = (1) (do sau va chạm vào tờng của m 2 thì nó vẫn có vận tốc nh cũ nhng đã đổi hớng ' 1 '' 2 vv = . Thế v 1 và v 2 từ trên vào (1) ta suy ra : = x d mm mm 21 21 3 + Để va chạm lần 2 cách lần 1 một đoạn 2 d thì: 22 dd dx == hay 23 21 21 d d mm mm = + 21 3mm = . Bài 7: Một hạt chuyển động theo chiều dơng của trục ox với vận tốc sao cho xav = (a là hằng số dơng). Biết lúc t = 0 hạt ở vị trí x=0. Hãy xác định : a. Vận tốc và gia tốc của hạt theo thời gian. b. Vận tốc trung bình trong khoảng thời gian từ vị trí x = 0 đến vị trí x. Giải: a. Theo đề bài : xa dt dx xav == hay adt x dx = Nguyên hàm hai vế : +== catxdta x dx 2 Do 0 = t thì 0 = x 0 = c Do vậy 2 2 4 2 t a xatx == Vận tốc của vật 'x dt dx v == 6 Vt lớ Hay v Khú t a v 2 2 = Gia tốc của vật : '' 2 2 x dt xd w == 2 2 a w = b. Vận tốc trung bình t a t x v 4 2 == 2 xa v = Bài 8: Ném một viên đá từ điểm A trên mặt phẳng nghiêng với vận tốc 0 v hợp với mặt phẳng ngang một góc =60 0 , biết 0 30 = . Bỏ qua sức cản của không khí. a. Tính khoảng cách AB từ điểm ném đến điểm viên đá rơi. b. Tìm góc hợp bởi phơng véc tơ vận tốc và phơng ngang ngay sau viên đá chạm mặt phăng nghiêng và bán kính quỹ đạo của viên đá tại B. Giải: a. Chọn hệ trục oxy gắn o vào điểm A và trục ox song song với phơng ngang Trong quá trình chuyển động lực tác dụng duy nhất là trọng lực P . Theo định luật II Newton: amP = Chiếu lên: 0x: x ma = 0 0 = x a 0y: y maP = ga y = Phơng trình chuyển động của vật theo hai trục ox và oy: = = )2( 2 1 .sin )1(.cos 2 0 0 gttvy tvx Khi viên đá rơi xuống mặt phẳng nghiêng: 7 Vt lớ Hay v Khú = = )4(sin )3(cos ly lx T hế (3) vào (1) ta rút ra t thế vào (2) và đồng thời thế (4) vào (2) ta rút ra : 2 2 0 cos. )cos.sincos (sincos2 g v l = 2 2 0 cos )sin(.cos2 g v l = = l g v 3 2 2 0 b. Tại B vận tốc của vật theo phơng ox là: cos 0 vv x = 2 0 v = Khi vật chạm mặt phẳng nghiêng : cos 3 2 cos 2 0 g v lx == hay cos 3 2 .cos 2 0 0 g v tv = ; Suy ra thời gian chuyển động trên không của viên đá: cos3 cos2 0 g v t = = 3 2 0 g v Vận tốc theo phơng oy tại B: gtvv y = sin 0 323 2 sin 00 0 vv vv y == tan = 3 1 2 32 0 0 = = v v v v x y 0 30 = do <= 32 0 V v y 0 nên lúc chạm mặt phẳng nghiêng v hớng xuống. Lực hớng tâm tại B: R v mmgF ht 2 cos == cos 2 g v R = Với: 3124 2 0 22 222 v vv vvv yx =+=+= = R g v .33 2 2 0 8 Vt lớ Hay v Khú Bài 9: Một ngời đứng ở sân ga nhìn ngang đầu toa thứ nhất của một đoàn tàu bắt đầu chuyển động nhanh dần đều. Toa thứ nhất vợt qua ngời ấy sau thời gian 1 t . Hỏi toa thứ n đi qua ngời ấy trong thời gian bao lâu? Biết các toa có cùng độ dài là S, bỏ qua khoảng nối các toa. Giải: Toa thứ nhất vợt qua ngời ấy sau thời gian t 1 : 2 2 1 at s = a S t 2 1 = n toa đầu tiên vợt qua ngời ấy mất thời gian n t : 2 . 2 n ta ns = a nS t n 2 = ; 1 n toa đầu tiên vợt qua ngời ấy mất thời gian 1 n t : ( ) 2 1 2 1 = n at sn a Sn t n )1(2 1 = Toa thứ n vợt qua ngời ấy trong thời gian t : )1( 2 1 == nn a S ttt nn . = t 1 )1( tnn Bài 10: Một chất điểm chuyển động từ A đến B cách A một đoạn s. Cứ chuyển động đợc 3 giây thì chất điểm lại nghỉ 1 giây. Trong 3 giây đầu chất điểm chuyển động với vận tốc s m v 5 0 = . Trong các khoảng 3 giây tiếp theo chất điểm chuyển động với vận tốc 2v o , 3v 0 , , nv 0 . Tìm vận tốc trung bình của chất điểm trên quảng đờng AB trong các trờng hợp : a. s = 315 m ; b. s = 325 m . Giải: Đặt: )(3 1 st = Gọi quảng đờng mà chất điểm đi đợc sau 1 nt giây là s: n ssss +++= . 21 Trong đó s 1 là quảng đờng đi đợc của chất điểm trong 3 giây đầu tiên. s 2 ,s 3 ,,s n là các quảng đ- ờng mà chất điểm đi đợc trong các khoảng 3 giây kế tiếp. Suy ra: ) .21( .2 1010101.0 ntvtnvtvtvS +++=+++= )1(5,7 2 )1( 10 += + = nntv nn S (m) a. Khi ms 315 = 7,5n(n+1) = 315 = = 7 6 n n (loại giá trị n=-7) Thời gian chuyển động: )(231 1 snntt =+= Vận tốc trung bình: 23 315 == t s v = v )/(7,13 sm . b. Khi ms 325 = : Thời gian đi 315 mét đầu là 23 giây 9 Vt lớ Hay v Khú Thời gian đi 10 mét cuối là : )(29.0 5.7 1010 1 s v t n === + Vận tốc trung bình: 129,023 325 ++ = v = v )/(38,13 sm Bài 11 : Hai vật chuyển động với vận tốc không đổi trên hai đờng thẳng vuông góc với nhau cho v 1 = 30m/s , v 2 = 20m/s. Tại thời điểm khoảng cách giữa hai vật nhỏ nhất thì vật một giao điểm của quỹ đạo đoạn S 1 = 500m, hỏi lúc đó vật hai cách giao điểm trên một đoạn S 2 là bao nhiêu? Giải: Gọi khoảng cách trên đầu của vật (1) và (2) tới vị trí giao nhau của hai quỹ đạo là d 1 và d 2 . Sau thời gian t chuyển động khoảng cách giữa chúng là: 2 2211 )()( tvdtvdd += = 2 2 2 12211 22 2 2 1 )(2)( ddtdvdvtvv ++++ min dd = 2 2 2 1 2211 vv dvdv t + + = Khi đạt đợc khoảng cách ngắn nhất giữa hai vật thì : 2 2 2 1 21122 2 2 2 1 2211 111 )( vv dvdvv vv dvdv vdS + = + + = Lúc đó: tvdS 222 = = 22 dS 2 2 2 1 12211 2 2 2 1 2211 2 )( vv dvdvv vv dvdv v + = + + )(750 20 50030 2 11 2 m v Sv S = = = Vậy lúc hai vật có khoảng cách ngắn nhất thì vật thứ hai cách giao điểm trên một đoạn = 2 S m750 . Bài 12: Một chiếc côngtenơ đặt sao cho mặt trên nằm ngang đợc cần cẩu cẩu lên thẳng đứng lên cao với gia tốc a = 0,5m/s 2 . Bốn giây sau khi rời mặt đất ngời ngồi trên mặt côngtenơ ném một hòn đá với vận tốc v 0 = 5,4m/s theo phơng làm với mặt phẳng ngang côngtenơ góc 0 30 = . a. Tính thời gian từ lúc ném đá đến lúc nó rơi xuống mặt đất. Biết côngtenơ cao h = 6(m) b. Tính khoảng cách từ nơi đá chạm đất đến vị trí ban đầu của tấm bê tông (coi nh một điểm) lấy g = 10m/s 2 . Giải: a. Sau 4s độ cao của ngời đứng trên mật côngtenơ là: )(10 2 45 6 2 22 m ta H = += + Vận tốc của ngời lúc đó: s m tav 24.5,0. 1 === . Gọi 0 v là vận tốc của viên đá đối với ngời thì vận tốc viên đá đối với đất : 10 [...]... (4 ) a2 x a 2 y = a 21 sin a 2 y = (a 2 x a1 ) tan (5 ) Từ (1 ), (2 ), (3 ) v (5 ) suy ra: a1 = a2 x = a2 y = F (1 cos ) + mg sin cos M + m sin 2 (6 ) F (m sin 2 + M cos ) Mmg sin cos m( M + m sin 2 ) { F cos [ M + m(1 cos )] mg (M + m) sin cos } tan m( M + m sin 2 ) Để m dịch chuyển lên trên nêm thì: a2 y > 0 (I ) N > 0 (II ) Giải (I): a 2 y > 0 F cos [ M + m(1 cos )] mg (. .. = P1 + P2 = (m + M )g a2 = Để M trợt khỏi m thì: a 2 > a1 F Fms1 Fms 2 M Fms1 = Fms1' = à 1mg (chú ý: ) Fms 2 = à 2 ( M + m) g F F ' ms1 Fms 2 > à1 g M F à1 mg à 2 ( m + M ) g > à1 g M (1 ) Cuối cùng: F > ( à 1 + à 2 )(m + M ) g Điều kiện a 2 > 0 (2 ) hay F > à 1 mg + à 2 (m + M ) g Điều kiện (2 ) bao hàm trong điều kiện (1 ) Do vậy kết quả bài toán : hay F >( à +à )( m +M ) g 1 2 Bài 24: Cho... cos v0 g (1 ) Hơn nữa ta phải có sau thời gian này: 11 Vt lớ Hay v Khú v0 cos t = l (2 ) x= l gt 2 y = h v0 sin t = h (3 ) 2 Từ (2 ) t = l v2 (3 ) kết hợp với (1 ) l = 0 cos (sin cos ) v 0 cos g Thay t từ (1 ) vào (3 ) ta đợc: gh 1 sin 2 = 2 + ; v0 2 Thế vào (4 ): l= cos 2 = (4 ) 1 gh 2 2 v0 2 v0 (sin cos cos 2 ) g 2 v0 1 g 2 h 2 1 gh ( 4 + 2) g 4 2 v0 v0 l= Từ (1 ) : t= vy =... mg ( M + m) sin M + m(1 cos ) (7 ) Giải (II): Thay (6 ) vào (3 ) rút ra N và từ điều kiện N > 0 ta suy ra: F< Mg cos (1 cos ) sin (8 ) Từ (7 ) và (8 ) ta suy ra để m leo lên đợc mặt nêm M thì lực F phải thoả mãn điều kiện mg ( M + m) sin Mg cos 0 Điều này cho ta: a m( g cos a sin ) > 0 a < g cot (4 ) Từ (3 ) và (4 )... m1 a1 1 (1 ) Chiếu lên 0x: N 1 sin = ma1x 0y: P1 N 1 cos = ma1 y (2 ) Phơng trình chuyển động của M: P2 + N 2 + N 1 ' = Ma 2 Chiếu lên ox: N 1 sin = Ma 2 (3 ) Mặt khác theo công thức cộng gia tốc: a1 = a12 + a 2 (4 ) ( a12 là gia tốc của m đối với M) Chiếu (4 ) lên ox và oy ta có: a1x = a12 cos a 2 a1 y = a12 sin Từ đó suy ra: a1 y = ( a1x + a 2 ) tan (5 ) Giải hệ (1 ), (2 ), (3 ) và (5 ) ta... bng nhau Ti thi im ban u t=o, vn tc ca cht im ú l v 0 Hóy xỏc nh: a Vn tc ca cht im theo thi gian v theo quóng ng i c b Gia tc ton phn theo vn tc v quóng ng i c Gii: a Theo bi ta cú: at = an dv v 2 = dt R dv dt = v2 R (1 ) Ly tớch phõn 2 v ta cú: v t dv dt 1 1 t v 2 = R v v0 = R v 0 0 14 Vt lớ Hay v Khú v0 v 1+ 0 t R v= t (1 ) dv ds = v R (2 ) (ds = vdt ) Ly tớch phõn 2 v phng trỡnh (2 ): v S... m+ M sin = cos = tg tg + 1 2 = 1 tg 2 + 1 = a g 2 a +1 g2 1 a2 +1 g2 = = (5 ) a a + g2 2 g a2 + g 2 (6 ) (7 ) (8 ) Và N 1 = Mg Thế (6 ), (7 ), (8 ) vào (5 ) ta rút ra: a0 = Gia tốc của M đối với đất: Ma àMg + m a 2 + g 2 m+M 19 Vt lớ Hay v Khú aM = a0 + a a M = a0 a = aM = Ma àMg + m a 2 + g 2 m+M a m a 2 + g 2 àMg mg m +M Bài 23: Cho cơ hệ nh hình vẽ Hệ số ma sát giữa M và m là à , 1 giữa M và . kết hợp với (1 ) )cos.(sincos 2 0 = g v l (4 ) Thay t từ (1 ) vào (3 ) ta đợc: 2 1 sin 2 0 2 += v gh ; 2 0 2 2 1 cos v gh = Thế vào (4 ): )coscos(sin 2 2 0. = = ) 2( 2 1 .sin ) 1(. cos 2 0 0 gttvy tvx Khi viên đá rơi xuống mặt phẳng nghiêng: 7 Vt lớ Hay v Khú = = )4 (sin )3 (cos ly lx T hế (3 ) vào (1 ) ta